Фридрих: VLS (RLS) за полгода. Часть 3. Winter Variation, No Edges, Summer Variation, Edge Control

Применение Edge control

В первых изданиях книг эта глава планировалась только в третьей части. Но по мере изучения VLS я убедился в необходимости данной главы на всех этапах изучения VLS. Его нужно применить (сделать одну 8 формул), если Вы забыли алгоритм для конкретного случая.

UF VLS

(отсутствует ребро UF)

Самая короткая формула из всех алгоритмов UF VLS будет решение случая Квадрат 220 (UF15) – Кувалда

Квадрат 220 (UF15) – Кувалда

Решение

R1 F R F1

Это решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

U* VLS (отсутствует ребро U*)

UB VLS

(отсутствует ребро UB)

Выбор самой короткой формулы для случая UB VLS очень большой. есть несколько формул одинаковой длины – 6 ходов:

Решение

1_6) y1 U2 (R21 F R F1) R

2_6) U2 F2 (Rw U Rw1) F

3_6) U y F (R U1 R1 F1)

4_6) U R y (R U1 R1 F1)

5_6) (U R B) (U1 B1 R1)

6_6) (U Lw U) (F1 U1 Lw1) = (U Lw – U F1 – U1 Lw1)

1) и 2) это решение случая Галстук 100 (UB05)

Галстук 100 (UB05)

3) – 6) это решение случая Боковой квадрат 200 (UB19)

Боковой квадрат 200 (UB19)

Стоит еще рассмотреть 7-ходовые решения

7_7) U (F1 L1 U2 L U F)

8_7) (y1 U) R1 F1 U2 F U R=Dw R1 (F1 U2 F U) R

9_7) (F1 U2 F U) (R U R1)

7) – 8) это решение случая Боковой квадрат 600 (UB17)

Боковой квадрат 600 (UB17)

9) это решение Галка 211 (UB22)

Галка 211 (UB22)

Любое решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

Можно просто поставить пару антипиф-пафом (U R U1 R1) и выйти на OLL с двумя усами креста.

UL VLS

(отсутствует ребро UL)

Самое короткое решение в 6 ходов

1_6) U – F1 (L1 U1 L) F

2_6) y1 U (R1 F1 – U1 F R) = Dw (R1 F1 – U1 F R)

Есть еще решения в 7 ходов

3_7) U (F1 U2 F) (R U1 R1)

4_7) R1 U1 (F U R U1) F1 = (R1 U1 F) – U – (R U1 F1) = (R1 U1 F U R) – U1 F1

это

1) – 3) это все решения для Клюшка 200 (UL19).

Клюшка 200 (UL19)

4) это решение для Жирная Т 200 (UL06).

Жирная Т 200 (UL06)

Автор использует второе решение (правша).

Любое решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

Можно просто поставить пару антипиф-пафом (U R U1 R1) и выйти на OLL с двумя усами креста.

UBUL VLS

(отсутствуют ребра UB и UL)

Самая короткая формула для случаев UBUL VLS это решение для случая Совок 301 (UBUL16) в 7 ходов.

Совок 301 (UBUL16)

1_7) (U x1 (R2 U1 R1 U) x U1) – R1

2_7) U R – (R B1 R1 B) – U1 R1 = U (R2 B1 R1 B) – U1 R1

3_7) х1 – F R (R U1 R1 U) F1 R1 – x = х1 – F (R2 U1 R1 U) F1 R1 – x

4_7) y U – (F2 R1 F1 R) – U1 F1 = y – U F (F R1 F1 R) U1 F1

Автор использует 4-ю формулу, так как там наименьшее число перехватов и автор не любит ходы B и B1.

Дальше предлагать другие формулы не имеет смысла – в них будет 8, 9, и т.д ходов.

Любое решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

Если поставить пару антипиф-пафом (U R U1 R1) и выйти на OLL с двумя усами креста. Будут установлены два ребра напротив друг друга (различные виды палок).

U* VLS (отсутствуют рёбра U* и U*)

UFUB VLS

(отсутствуют рёбра UF и UB)

Оказалось, что самый короткий и единственным хорошим случаем UFUB VLS будет случай Пловец 920 (UFUB11), к которому сводятся многие случаи VLS.

Пловец 920 (UFUB11)

1_7) R1 F R2 U R1 U1 F1 = (R1 F R *) (R U R1 U1) F1

В этой главе не буду писать как запомнить. Это уже сделано в соответствующей главе.

Любое решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

Можно просто поставить пару антипиф-пафом (U R U1 R1) и выйти на OLL с двумя усами креста.

UFUL VLS

(отсутствуют рёбра UF и UB)

Здесь нет даже 7-ходовых решений. Есть только несколько 8-ходовых решений.

1_8) y1 U1 – R D (Rw1 U Rw) D1 R1

2_8) Dw (R2 D1 L – F1 – L1 D R2)

3_8) y1 U – R2 D1 (Rw U1 Rw1) D R2 = Dw – R2 D1 (Rw U1 Rw1) D R2

4_8) R1 U1 F U R2 U1 R1 F1 = (R1 U1 F U R) – (R U1 R1 F1)

1) это решение самого первого случая Стрелка Т 410 (UFUL01)

Стрелка Т 410 (UFUL01)

2) – 3) это решение Тетрис Т 910 (UFUL06)

Тетрис Т 910 (UFUL06)

4) это решение Тетрис Т 320 (UFUL07)

Тетрис Т 320 (UFUL07)

Любое решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

Можно поставить пару кувалдой (R1 F R F1) и выйти на OLL с двумя усами креста.

No edges VLS

(отсутствуют все рёбра)

К сожалению нет даже 8-ходовых решений.

Вот 9-ходовое решение случая Скальпель 210 (NE19)

Фрагмент из книги «Фридрих: VLS (RLS) за полгода. Часть 3»

1_9) U2 – (x U1 (Rw1 U2 Rw) U x1) (R U2 R1)

2_9) U2 – (F1 L1 U2 L F) – (R U2 R1)

Кроме 9 ходовых решений есть красивое 10-ходовое решение

3_10) U2 (R1 F R F1) – U2 (R1 F R F1)

Алгоритм 3) это решение случая Точка (пуля) 211 (NE24)

Точка (пуля) 211 (NE24)

Любое решение расставит только 4 ребра шапки, и нужно будет решить один из 7 случаев крестовых OLL.

В любом случае поставив пару (R1 F R F1) можно выйти на OLL с двумя усами креста.

All edges VLS

(все рёбра присутствуют)

Последний случай, который нужно рассмотреть в Edge Control, это когда все рёбра на месте. Кажется ведь все рёбра на месте для чего нужно применять Edge Control. Но в то время как мы будем устанавливать последнее ребро, нужно сохранить остальные и установить последнее.

Единственный хороший и короткий алгоритм сохранения остальных рёбер при установке последней пары и ребра шапки я нашёл на сайте http://www.cyotheking.com/.

1_7) Lw1 (U2 R U2 Rw1) U2 L

Альтернатив данному решению я на данный момент не нашел (есть решения 8-и и 9-ти ходовые). Это решение случая Полный 400 (WVLS01)

Полный 400 (WVLS01)

Для тренировки нужно знать, что этой формулой случай моделирует сам себя.

Тем, кто пока не запомнил данную формулу напишу, что для сохранения жёлтых рёбер шапки и установки достаточно сделать антипиф-паф (U R U1 R1).

Пиф-паф (U2 R U2 R1) также установит пару и все 4 ребра.

Классификация и моделирование

Распознавать ситуации VLS будем по верхней шапке (так как различают случаи OLL) и рисунку из цвета наклеек шапки на блоке, образованному из рёбра FR и трёх других мест.

Уже после написания большого количества глав мне пришла в голову идея классифицировать и оцифровать случаи по признакам наличия (отсутствия жёлтых наклеек) на определенных местах и их рисунку.

Обозначим эти места по видимости и значимости места:

1) блок состоящий из угла FRD и ребра FR (стороны F и R);

2) сторона F блока, состоящего из углов FUL и ребра FU

3) сторона R угла RUB.

Теперь подробно рассмотрим возможные случаи возникающие на этих местах.

На первом местоположении возможны следующие комбинации:

1а) точка правая (прямая);

1б) точка левая (обратная);

2а) блок прямой (две правые наклейки);

2б) блок обратный (две левые наклейки);

3а) шахматы прямые;

4а) шахматы обратные.

Первое местоположение.

Вот как это выглядит:

Точка правая на первом местоположении (ребро FR)

Точка правая на первом местоположении (ребро FR) – код 1

Точка левая на первом местоположении (ребро FR)

Точка левая на первом местоположении (ребро FR) – код 3

Блок прямой (две правые наклейки)

Блок прямой (две правые наклейки) на первом местоположении – код 2

Блок обратный (две левые наклейки)

Блок обратный (две левые наклейки) на первом местоположении – код 4

Шахматы прямые

Шахматы прямые на первом местоположении – код 6

Обратные шахматы на первом местоположении

Обратные шахматы на первом местоположении – код 9

Второе местоположение.

На втором местоположении возможны только три комбинации:

1) там нет жёлтых наклеек на стороне F;

2) Точка;

3) блок (две наклейки).

Вот как это выглядит:

Точка на втором местоположении

Точка на втором местоположении – код 1

Блок на втором местоположении

Блок на втором местоположении – код 2

На втором местоположении возможна ещё одна точка, но для неё не стал вводить кодировку, так как по рисунку OLL понятно о какой точке будет идти речь. Для такой точки тоже код будет 1.

Точка-ребро на втором местоположении – код 1

Третье местоположение.

На угле (третьем местоположении) возможны только две комбинации:

1) там нет желтой наклейки (она либо на шапке, либо на стороне В);

2) точка.

Вот как выглядит точка на третьем месте, когда там точка:

Точка на третьем местоположении – код 1

Сами комбинации тоже оцифруем, чтобы потом по цифрам быстро понимать какая перед нами ситуация и быстро вспомнить алгоритм.

Цифрой 0 обозначим отсутствие наклейки. Цифрой 1 обозначим точку – одну наклейку. Цифрой 3 обозначим точку – одну наклейку слева на втором местоположении. Цифрой 2 обозначим блок 2 правые наклейки. Цифрой 4 обозначим блок 2 левые наклейки.

Цифрой 6 обозначим прямые шахматы (2 наклейки: одна наклейка на стороне R ребра FR, другая на стороне F угла FRU). Цифрой 9 (перевернутая 6) обозначим обратные шахматы (2 наклейки: одна наклейка на стороне F ребра FR, другая на стороне R угла FRU).

Первом местоположении всегда есть хотя бы одна наклейка на ребре FR, поэтому классификация никогда не будет начинаться на ноль.

Моделирование ситуации всегда происходит на собранной шапке (или собранном кубике). Это всегда последняя часть главы, так как опытные спидкуберы легко моделируют случай по формуле и эта часть написана исключительно для начинающих спидкуберов.

3 рёбра ориентированы (WINTER VARIATION)

Нужно запомнить весь список группы ориентированных рёбер (WINTER VARIATION). Для этого нужно связать в одной истории все названия подгрупп: полный, доска, трубка, камера, бегущий, голосующий, довольный, крест.

Полный для меня это образ актёра Жерара Деперьде.

Можете сами придумать подобную историю: «Жерар Депардье крутит кубик (на кубике алгоритм случая Полный). Жерар Деперьде катается на роликовой доске. Одновременно он рассматривает коллекцию курительных трубок. На камеру он снимает других актёров: бегущего, голосующего, довольного (улыбающегося и показывающего знак ОК) и крестящегося крестоносца».

История примерная (мне нужно ещё соблюсти правила публикации). Каждый раз вспоминая эту историю, она будет обрастать новыми деталями и прочнее запоминаться.

Но самое интересное, что каждую группу можно условно разбить на 8 условных подгрупп. Не знаю, делал ли так, кто-то из изучающих и придумавших метод, но в своих книгах я так сделал. Как же так 8 групп, а алгоритмов 27. Ведь 27 не делится на 8. Но каждая подгруппа содержит количество алгоритмов, определяемых степенью 2n, где n=0, 1, 2, 3: 1, 2, 4 или 8 алгоритмов.

Число алгоритмов в группе VLS